polya置换

UVA10294

POLYA定理的基本应用

题意：
有ｎ个珠子围成的环，有ｔ种颜色可以染这些珠子；
如果这个环可以旋转有几种办法；
如果这个环可以旋转，且可以翻转，有几种办法；

参考博客

刘汝佳的分析：

       等价类计数问题。一共有两种置换，选择以及翻转。项链只有第一种置换，手镯则有两种置换。设所有珠子按逆时针编号0~n-1。

       旋转置换：如果逆时针旋转i颗珠子的间距，则珠子0、i、2i、…构成一个循环。这个循环有n/gcd(i,n)个元素。根据对称性，所有循环的长度相同，因此一共有n/(n/gcd(i,n)) = gcd(i,n)个循环。该置换的不动点数为t^(gcd(i,n))。所有置换的不动点总数为a = sum{t^gcd(i,n) | i = 0,1,…,n - 1}。

       翻转置换：分情况讨论。当n是奇数时，对称轴有n条，每条对称轴形成(n-1)/2个长为2的循环以及1个长为1的循环，即(n+1)/2个循环。这些置换的不动点总数是b=nt^((n+1)/2)。

当n是偶数时，有两种对称轴。穿过珠子的对称轴有n/2条，各形成n/2-1个长为2的循环，还形成两个长为1的循环；不穿过珠子的对称轴有n/2条，各形成n/2个长为2的循环。这些置换的不动点总数是b = n / 2 * (t ^ (n / 2 + 1) + t ^ (n / 2))。

       根据Polya定理，项链总数为a/n，手镯总数是(a + b) / (2n)。

#include<bits/stdc++.h>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define first fi
#define second se
#define pw(x) (1ll << (x))
#define sz(x) ((int)(x).size())
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define rep(i,l,r) for(int i=(l);i<(r);i++)
#define per(i,r,l) for(int i=(r);i>=(l);i--)
#define FOR(i,l,r) for(int i=(l);i<=(r);i++)
#define eps 1e-9
#define PIE acos(-1)
#define cl(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define fastio ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);
#define lson l , mid , ls
#define rson mid + 1 , r , rs
#define ls (rt<<1)
#define rs (ls|1)
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LINF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define freopen freopen("in.txt","r",stdin);
#define cfin ifstream cin("in.txt");
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define sqr(a) a*a
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define vi vector<int>
#define pii pair<int, int>
#define dd(x) cout << #x << " = " << (x) << ", "
#define de(x) cout << #x << " = " << (x) << "
"
#define endl "
"
using namespace std;
//**********************************
int n,t;
ll f[17];
//**********************************
void get(int n)
{
    f[0]=1;
    FOR(i,1,n)f[i]=f[i-1]*t;
}
inline int gcd(int a,int b)
{
    return b==0?a:gcd(b,a%b);
}
//**********************************
int main()
{
    while(~scanf("%d%d",&n,&t)){
        get(n);
        ll a=0,b=0;
        rep(i,0,n)a+=f[gcd(i,n)];
        if(n%2==1)b=n*(f[(n+1)/2]);
        else b=n/2*(f[n/2+1]+f[n/2]);
        printf("%lld %lld
",a/n,(a+b)/2/n);
    }
    return 0;
}